ĐỀ THI VÀO JOWPS 10, DAKLAK. NĂM 2015

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT TP.ĐÀ NẴNG Năm học: 2014 – 2015
ĐỀ CHÍNH THỨC MÔN: TOÁN
Thời gian làm bài: 120 phút

Bài 1: (1,5 điểm)
Tính giá trị của biểu thức

Rút gọn biểu thức
, với x > 0,

Bài 2: (1,0 điểm)
Giải hệ phương trình

Bài 3: (2,0 điểm)
Cho hàm số y = x2 có đồ thị (P) và hàm số y = 4x + m có đồ thị (dm)
1)Vẽ đồ thị (P)
2)Tìm tất cả các giá trị của m sao cho (dm) và (P) cắt nhau tại hai điểm phân biệt, trong đó tung độ của một trong hai giao điểm đó bằng 1.
Bài 4: (2,0 điểm)
Cho phương trình x2 + 2(m – 2)x – m2 = 0, với m là tham số.
1)Giải phương trình khi m = 0.
2)Trong trường hợp phương trình có hai nghiệm phân biệt x1 và x2 với x1 < x2, tìm tất cả các giá trị của m sao cho

Bài 5: (3,5 điểm)
Cho tam giác ABC vuông tại A có đường cao AH (H thuộc BC). Vẽ đường tròn (C) có tâm C, bán kính CA. Đường thẳng AH cắt đường tròn (C) tại điểm thứ hai là D.
1)Chứng minh BD là tiếp tuyến của đường tròn (C).
2)Trên cung nhỏ
của đường tròn (C) lấy điểm E sao cho HE song song với AB. Đường thẳng BE cắt đường tròn (C) tại điểm thứ hai là F. Gọi K là trung điểm của EF. Chứng minh rằng:
a) BA2 = BE.BF và

b) Ba đường thẳng AF, ED và HK song song với nhau từng đôi một.

BÀI GIẢI
Bài 1:
1)A = 3 – 2 = 1
2)Với điều kiện đã cho thì



Bài 2:



Bài 3:
1)


2) Phương trình hoành độ giao điểm của y = x2 và đường thẳng y = 4x + m là :
x2 = 4x + m
x2 – 4x – m = 0 (1)
(1) có

Để (dm) và (P) cắt nhau tại hai điểm phân biệt thì

y = 4x + m = 1 => x =

Yêu cầu của bài toán tương đương với



(loại) hay


Bài 4:
1)Khi m = 0, phương trình thành : x2 – 4x = 0
x = 0 hay x – 4 = 0
x = 0 hay x = 4

2)

Vậy phương trình luôn có hai nghiệm phân biệt với mọi m.
Ta có

Ta có


Khi m = -1 ta có
(loại)
Khi m = 5 ta có
(thỏa)
Vậy m = 5 thỏa yêu cầu bài toán.

Bài 5:

1)Ta có
nên BA là tiếp tuyến với (C).
BC vuông góc với AD nên
H là trung điểm AD. Suy ra

nên BD cũng là tiếp tuyến với (C)
2)
a)
Trong tam giác vuông ABC
ta có
(1)
Xét hai tam giác đồng dạng ABE và FBA
vì có góc B chung
và
(cùng chắn cung AE)
suy ra
(2)
Từ (1) và (2) ta có BH.BC = BE.FB
Từ BE.BF= BH.BC

2 tam giác BEH và BCF đồng dạng vì có góc B chung và

















b) do kết quả trên ta có


, do AB //EH. suy ra


, 2 góc này chắn các cung
nên hai cung này bằng nhau
Gọi giao điểm của AF và EH là N. Ta có 2 tam giác HED và HNA bằng nhau
(vì góc H đối đỉnh, HD = HA,
(do AD // AF)
Suy ra HE = HN, nên H là trung điểm của EN. Suy ra HK là đường trung bình của tam giác EAF.
Vậy HK // AF.
Vậy ED // HK // AF.
Ngô Thanh Sơn, Nguyễn Phú Vinh
(Trường THPT Vĩnh Viễn – TP. HCM)


















ThS. Phạm Hồng Danh
(Trung tâm LTĐH Vĩnh Viễn – TP.HCM)